2020年安徽高考文科数学试题

2020年安徽高考文科数学试题

注意事项：

1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。

2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。

3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。

一、选择题：本题共12小题，每小题5分，共60分。在每小题给出的四个选项

中，只有一项是符合题目要求的。 1．已知集合A{x|x23x40},B{4,1,3,5}，则AA．{4,1} C．{3,5}

2．若z12ii3，则|z|= A．0 C．2 B

B．{1,5} D．{1,3}

B．1 D．2

3．埃及胡夫金字塔是古代世界建筑奇迹之一，它的形状可视为一个正四棱锥.以该四棱锥的高为边长的正方形面积等于该四棱锥一个侧面三角形的面积，则其侧面三角形底边上的高与底面正方形的边长的比值为

A．

51

4

B．

51

2

C．

51 4D．

51 24．设O为正方形ABCD的中心，在O，A，B，C，D中任取3点，则取到的3点共线的概率为 A．5

1C．2

1B．5

4D．52

5．某校一个课外学习小组为研究某作物种子的发芽率y和温度x（单位：℃）的关系，在20个不同的温度条件下进行种子发芽实验，由实验数据

(xi,yi)(i1,2,,20)得到下面的散点图：

由此散点图，在10℃至40℃之间，下面四个回归方程类型中最适宜作为发芽率y和温度x的回归方程类型的是 A．yabx C．yabex

B．yabx2 D．yablnx

6．已知圆x2y26x0，过点（1，2）的直线被该圆所截得的弦的长度的最小值为 A．1 C．3

B．2 D．4

7．设函数f(x)cos(xπ)在[−π，π]的图像大致如下图，则f（x）的最小正周

6期为

A．10π

9

B．7π

62C．4π

3D．3π

8．设alog342，则4a A．

1 16B．1

9C．1

8D．1

69．执行下面的程序框图，则输出的n=

A．17

B．19

C．21

D．23

10．设{an}是等比数列，且a1a2a31，a2a3+a42，则a6a7a8 A．12

B．24

2C．30 D．32

y2O为坐标原点，11．设F1,F2是双曲线C:x1的两个焦点，点P在C上且|OP|2，

3则△PF1F2的面积为

A．

72B．3 C．

52D．2

12．已知A,B,C为球O的球面上的三个点，⊙O1为△ABC的外接圆，若⊙O1的面积

为4π，ABBCACOO1，则球O的表面积为 A．π

B．48π

C．36π

D．32π

二、填空题：本题共4小题，每小题5分，共20分。 13．若x，y

2xy20,满足约束条件xy10,则

y10,z=x+7y的最大值为.

14．设向量a(1,1),b(m1,2m4)，若ab，则m.

15．曲线ylnxx1的一条切线的斜率为2，则该切线的方程为. 16．数列{an}满足an2(1)nan3n1，前16项和为0，则a1.

三、解答题：共70分。解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤。第17~21

题为必考题，每个试题考生都必须作答。第22、23题为选考题，考生根据要求作答。

（一）必考题：共60分。 17．（12分）

某厂接受了一项加工业务，加工出来的产品(单位：件)按标准分为A，B，C，D四个等级.加工业务约定：对于A级品、B级品、C级品，厂家每件分别收取加工费90元，50元，20元；对于D级品，厂家每件要赔偿原料损失费50元.该厂有甲、乙两个分厂可承接加工业务.甲分厂加工成本费为25元/件，乙分厂加工成本费为20元/件.厂家为决定由哪个分厂承接加工业务，在两个分厂各试加工了100件这种产品，并统计了这些产品的等级，整理如下： 甲分厂产品等级的频数分布表

等级 频数 A 40 B 20 C 20 D 20 乙分厂产品等级的频数分布表

等级 频数 A 28 B 17 C 34 D 21 （1）分别估计甲、乙两分厂加工出来的一件产品为A级品的概率； （2）分别求甲、乙两分厂加工出来的100件产品的平均利润，以平均利润为依据，厂家应选哪个分厂承接加工业务? 18．（12分）

△ABC的内角

A，B，C的对边分别为a，b，c.已知B=150°.

（1）若a=3c，b=27，求△ABC的面积；

3sinC=（2）若sinA+19．（12分）

22，求C.

如图，D为圆锥的顶点，O是圆锥底面的圆心，△ABC是底面的内接正三角形，

P为DO上一点，

∠APC=90°．

（1）证明：平面PAB⊥平面PAC；

（2）设DO=2，圆锥的侧面积为3π，求三棱锥P−ABC的体积. 20．（12分）

x已知函数f(x)ea(x2).

（1）当a1时，讨论f(x)的单调性； （2）若f(x)有两个零点，求a的取值范围. 21．（12分）

x2y2（1a>1）AGGB8，B分别为椭圆E：G为E的上顶点，已知A、的左、右顶点，2aP为直线x=6上的动点，PA与E的另一交点为C，PB与E的另一交点为D． （1）求E的方程； （2）证明：直线CD过定点.

（二）选考题：共10分。请考生在第22、23题中任选一题作答。如果多做，则按所做的第一题计分。

22．[选修4—4：坐标系与参数方程]（10分）

kxcost,(t为参数)．以坐标原点为在直角坐标系xOy中，曲线C1的参数方程为kysint极点，

x轴正半轴为极轴建立极坐标系，曲线

C2的极坐标方程为

4cos16sin30．

（1）当k1时，C1是什么曲线？

（2）当k4时，求C1与C2的公共点的直角坐标． 23．[选修4—5：不等式选讲]（10分）

已知函数f(x)|3x1|2|x1|． （1）画出yf(x)的图像； （2）求不等式f(x)f(x1)的解集．

答案(A卷)

选择题答案 一、选择题 1．D 5．D 9．C 非选择题答案 二、填空题 13．1 三、解答题

17．解：（1）由试加工产品等级的频数分布表知， 甲分厂加工出来的一件产品为A级品的概率的估计值为乙分厂加工出来的一件产品为A级品的概率的估计值为

400.4； 100280.28. 1002．C 6．B 10．D

3．C 7．C 11．B

4．A 8．B 12．A

14．5 15．y=2x 16．7

（2）由数据知甲分厂加工出来的100件产品利润的频数分布表为

利润 65 25 −5 −75 频数 40 20 20 20

因此甲分厂加工出来的100件产品的平均利润为

65402520520752015.

100由数据知乙分厂加工出来的100件产品利润的频数分布表为

利润 70 30 0 −70 频数 28 17 34 21 因此乙分厂加工出来的100件产品的平均利润为

70283017034702110.

100比较甲乙两分厂加工的产品的平均利润，应选甲分厂承接加工业务. 18．解：（1）由题设及余弦定理得283c2c223c2cos150，

解得c2（舍去），c2，从而a23. 1△ABC的面积为232sin1503．

2（2）在△ABC中，A180BC30C，所以

sinA3sinCsin(30C)3sinCsin(30C)，

故sin(30C)2. 2而0C30，所以30C45，故C15. 19．解：（1）由题设可知，PA=PB= PC． 由于△ABC是正三角形，故可得△PAC≌△PAB． △PAC≌△PBC．

又∠APC =90°，故∠APB=90°，∠BPC=90°．

从而PB⊥PA，PB⊥PC，故PB⊥平面PAC，所以平面PAB⊥平面PAC． （2）设圆锥的底面半径为r，母线长为l． 由题设可得rl=3，l2r22．

解得r=1，l=从而AB3，

3．由（1）可得PA2PB2AB2，故PAPBPC62． ．

所以三棱锥P-ABC的体积为32PAPBPC32(1111636)28

x）20．解：=e–1． （1）当a=1时，f（x）=e–x–2，则f（x）x）<0；当x>0时，f（>0． 当x<0时，f（xx

所以f（x）在（–∞，0）单调递减，在（0，+∞）单调递增．

x）=e–a． （2）f（x

x）>0，所以f（x）在（–∞，+∞）单调递增， 当a≤0时，f（故f（x）至多存在1个零点，不合题意．

x）=0可得x=lna． 当a>0时，由f（x）<0； 当x∈（–∞，lna）时，f（x）>0．所以f（x）在（–∞，lna）单调递减，在当x∈（lna，+∞）时，f（（lna，+∞）单调递增，故当x=lna时，f（x）取得最小值，最小值为f（lna）=–a（1+lna）．

（i）若0≤a≤e，则f（lna）≥0，f（x）在（–∞，+∞）至多存在1个零点，不合题意．

1（ii）若a>e，则f（lna）<0．

1

由于f（–2）=e>0，所以f（x）在（–∞，lna）存在唯一零点．

–2

由（1）知，当x>2时，e–x–2>0，所以当x>4且x>2ln（2a）时，

x

xf(x)eea(x2)eln(2a)(2)a(x2)2a0．

2x2x2故f（x）在（lna，+∞）存在唯一零点，从而f（x）在（–∞，+∞）有两个零点．

综上，a的取值范围是（e，+∞）． 21．解：（1）由题设得A(a,0),B(a,0),G(0,1)．

则AG(a,1)，GB(a,1)．由AGGB8得a218，即a3．

x2所以E的方程为9y21．

1（2）设C(x1,y1),D(x2,y2),P(6,t)．

若t0，设直线CD的方程为xmyn，由题意可知3n3．

tty(x3)yPA由于直线的方程为9，所以19(x13)． tt直线PB的方程为y3(x3)，所以y23(x23)．

可得3y1(x23)y2(x13)．

2(x23)(x23)x222yy1由于92，故2，可得27y1y2(x13)(x23)， 9即(27m2)y1y2m(n3)(y1y2)(n3)20．①

2x将xmyn代入9y21得(m29)y22mnyn290．

2mnn29所以y1y2m29,y1y2m29．

代入①式得(27m2)(n29)2m(n3)mn(n3)2(m29)0． 解得n3（舍去），n2．

故直线CD的方程为xmy2，即直线CD过定点(2,0)．

3

y0(t0CD若，则直线的方程为，过点2,0)．

333

综上，直线CD过定点(2,0)． 22．解：当k=1

xcost,C:1时，ysint,消去参数3

t得x2y21，故曲线C1是圆心为坐标原

点，半径为1的圆． （2）当k=4

xcos4t,时，C1:消去参数4ysint,t得C1的直角坐标方程为xy1．

C2的直角坐标方程为4x16y30．

1xxy1,4由解得1y4x16y304．

11CC(故1与2的公共点的直角坐标为4,4)．

1x3,x,31f(x)5x1,x1,

3x3,x1.23．解：（1）由题设知

yf(x)的图像如图所示．

（2）函数yf(x)的图像向左平移1个单位长度后得到函数yf(x1)的图像．

711yf(x)的图像与yf(x1)的图像的交点坐标为(,)．

66由图像可知当且仅当x6时，yf(x)的图像在yf(x1)的图像上方， 故不等式

7f(x)f(x1)的解集为(,)．

67